总时间限制:
1000ms
内存限制:
65536kB
描述
给定 n 个闭区间 [ai; bi],其中i=1,2,...,n。任意两个相邻或相交的闭区间可以合并为一个闭区间。例如,[1;2] 和 [2;3] 可以合并为 [1;3],[1;3] 和 [2;4] 可以合并为 [1;4],但是[1;2] 和 [3;4] 不可以合并。
我们的任务是判断这些区间是否可以最终合并为一个闭区间,如果可以,将这个闭区间输出,否则输出no。
输入
第一行为一个整数n,3 ≤ n ≤ 50000。表示输入区间的数量。之后n行,在第i行上(1 ≤ i ≤ n),为两个整数 ai 和 bi ,整数之间用一个空格分隔,表示区间[ai; bi](其中1 ≤ ai ≤ bi ≤ 10000)。
输出
输出一行,如果这些区间最终可以合并为一个闭区间,输出这个闭区间的左右边界,用单个空格隔开;否则输出no。
样例输入
5
5 6
1 5
10 10
6 9
8 10
样例输出
1 10
贪心代码(要用覆盖才可以):
#include
using namespace std;
#include
#include
struct QJ{
int z,y;
};
const int INF=50001;
QJ qj[INF];
int zz=INF,yy=-INF;
int cmp(const QJ &a,const QJ &b)
{
return a.z
}
int main()
{
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;++i)
{
scanf("%d%d",&qj[i].z,&qj[i].y);
if(qj[i].z<=zz)
zz=qj[i].z;
if(qj[i].y>=yy)
yy=qj[i].y;
}
sort(qj+1,qj+n+1,cmp);
for(int i=2;i<=n;++i)
{
if(qj[1].y>=qj[i].z)
{
if(qj[1].z>qj[i].z)
qj[1].z=qj[i].z;
if(qj[1].y
qj[1].y=qj[i].y;
}
if(qj[1].y
{
printf("no\n");
return 0;
}
}
printf("%d %d\n",zz,yy);
return 0;
}
//反例:(1,7) 与(2,3)和(4,5)会判断无法形成闭合区间
//反例 1,2 3,5 2,7 应该输出1,7 ,但是这样算法结果是no,这个不同于“线段覆盖那道题”要用最少的线段(用右端点拍,再用左端点判断),这个题要用所有的边,从小判断到大。
错误代码:
#include
using namespace std;
#include
const int maxn=50001;
int visit[maxn]={0};
int zz=maxn,yy=-maxn;
int main()
{
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;++i)
{
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
for(int j=a;j<=b;++j)
visit[j]=1;
if(a
zz=a;
if(b>yy)
yy=b;
}
for(int i=zz;i<=yy;++i)
{
if(visit[i]==0)
{
cout<<"no"<<endl;
return 0;
}
}
printf("%d %d",zz,yy);
return 0;
}
反例:应该是存边,而不是存点,因为(1,2),(3,4),2与3之间,没有覆盖,却判断是成立的